[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1 物理(福建卷)答案正在持续更新，目前2026届黄冈八模答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、百师联盟2024高三冲刺卷二物理
2、百师联盟2024新高考卷物理
3、百师联盟2024高三冲刺卷一物理

1×10V/m=2.0×103V/m;右侧电场20大，则0增大，B项正确，D项错误。缩小字迹，就要减小微粒在竖直方向上的偏3.A【解析】带电粒子从ad的中点垂直电转量y,由上式分析可知，可采用的方法：增20强度E:-0.5x10V/m=4.0X10V/m:场方向射入，电场方向竖直向下，粒子只受电大墨汁微粒的质量，增大偏转电场两极板问场力的作用，从c点射出，可知粒子带正电，的距离、增大墨汁微粒进入偏转电场时的初所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大设粒子带电荷量为g,质量为，粒子在电场动能Ek(增大墨汁微粒的喷出速度)、减小小之比E1:E2=1:2,B项错误。设粒子在中做类抛运动，在水方向有L=0t,在偏转电场的电压U等，故A、B、)三项错误，原点左右两侧运动的时间分别为t、t2,在原点时的速度最大，设为，山运动学公式有竖直方向有之号a2,由牛顿第二定律可C项正确。8.AD【解析】两种粒子在加速电场中由动o,=g上Lt,.um=9nt2,义上km2mm2s1得a-职，联立解得丹-，A项正确，B、能定理得g=之m2一0，在偏转电场中，gU,而周期T=2(t1十t2),联立以上各式并C、D三项错误。设板长为L,行于极板方向L=6t,垂直于代入相关数据可得T=3.0×10-8s,该粒子4.D【解析】电压是题图甲时，0T时间运动过程中动能的最大值Ekm=2×10-8J,内，电场力先向左后向右，则电子先向左做匀极板方向a=gE-9m=mdy=2a,离开偏转C项错误，D项正确。加速直线运动，后做匀减速直线运动，即电场9.A【解析】x24处电场强度方向沿x电场的速度偏向角为a,有tana=丝=力先做正功后做负功，电势能先减少后增加，轴正方向，根据沿着电场线方向电势降低，x2U12IJ。I.处电势高于x4处电势，带负电的点电荷在A项销误：电压是题图乙时，在0一工时间联立以上各式得y=4元，1ana=2a元，偏x2处电势能比在x4处的小，A项错误；x1一内，电子向右先加速后减速，即电场力先做正移量y和速度偏向角α都与粒子的质量、x3处电场强度为x轴正方向，则从x1到x3功后做负功，电势能先减少后增加，B项错电荷量q无关，所以偏移量y相同，速度方向处顺着电场线方向移动负点电荷，电场力做误；电压是题图丙时，电子先向左做加速度先相同，则两种粒子打在屏MN上的同一个负功，B项正确；由U=Ed知E-x图线与x点，A项正确，B项错误；对两个粒子先加速轴所围的面积表示电势差，则知x1、x2两点增大后减小的加速运动，过了艺后做加速度后偏转的全过程，根据动能定理有qU1十q之间的电势差小于2x?、x4两点之间的电势先增大后减小的减速运动，到T时速度减为0,之后重复前面的运动，故电子一直朝同一=瓦一0，因a粒子的电荷量g较大，放d差，C项正确；出x1运动到x4的过程中，电场强度的绝对值先增大后诚小，山F=qE方向运动，C项错误；电压是题图丁时，电子离开偏转电场时α粒子的动能较大，C项错知，电场力先增大后减小，D项正确。误，D项正确。先向左加速，到千后向左减速，工后向右加0.C【解析】a、O两点9.(1)2ms(2)√gL(3)√2gL0间的电势差为U0=60速，子T后向右诚速，T时速度减为零，之后【解析】(1)两个小球处于电场中时，有2gEWo_W,A项错误：0重复前面的运动，故电子做往复运动，)项-4mg0O、d两点间的电势差正确。解得E=2mgmUw贺将该载子从a点移动到d5.D【解析】当把金属板从电容器中快速抽出后，极板间距增大，依据电容的决定式C(2)设杆匀速运动时速度为1，对第1个小球点，电场力做功为Wa=gUd=g(Ua0十刚进入屯场到第2个小球刚要进入电场这个Uo)-3Wx7可知，电容器的电容变小A项错误：因1过程，应川动能定理得4mgL一9EL=之×g,B项错误；由于该电场为匀强电屯势差U不变，而极板问距增大，依据E=场，可采用矢量分解的思路，沿cd方向建立U4m12x轴，垂直于cd方向建立y轴，如图所示可知，两板间的电场强度变小，B项错误；解得=√gL在工方向有罗行板电容器的两极板与一电压恒定的电源(3)设第4个小球刚离开电场时，杆的运动速=E,gR,在y方向有W度为，对整个杆及整个过程应用动能定qE,Rcos60°+qE,Rsin60°，经过计算有Ex相连，则电势差U不变，根据公式C=号，因理有2gRE-3wWRE=Wan0是=，由电容C变小，则极板的电荷量变小，C项错误；粒子受重力和电场力，开始时衡，有mg4mg·5l.-4·gE2.=X4m2于电场方向与水方向成60°，则电场与ab9D二a,把金属板从电容器中快速抽出解得u=√2gL。行，且沿a指向b,C项正确，D项错误。U后，根据牛顿第二定律，有mg一g10.(1)4d2第3讲电容器带电粒子UoL2零-ma,【解析】(1)设粒子经过时间to打在M板在电场中的运动联立解得a=吕，D项确中点1.D【解析】电容器的电容与电容器两端的6.C【解析】由题意可知，两个过程的位移大沿极板方向有号-volo屯压无关，无论两端电压为多大，电容总是1.5F,A、B两项错误；该电容器正常工作小相等、方向相反，由位移关系可得之·一垂直极板方向有。=U2时所带电荷量不超过Q=CU=1.5×10-6×4cd229C=1.35×10-5C,C项错误；根据Q=CU。迎·21，解得31=22，A、B两项错2解得9m UoL2可得△Q=C△，则给该电容器充电时，电压误；由题意可知Ek=9每升高1V,单个极板的电荷量增加1.5×(2)发子道过两板间的时间1二=T10-6C,)项正确。在电场E中运动的过程，根据动能定理可得从t=0时刻开始，粒子在两板间运动时，母erS2.BC【解析】由公式C一4玩，可知当被测W=m2=号风，换成电场历后的过程，个电压变化周期的前三分之一时间内的加物体带动电介质板向左移动时，两极板问电介质增多，r变大，则电容C增大，由公式C根据动能定理可得W:=分my22m12=速度大小a1=2md,在每个电压变化周期的号可知，电荷量Q不变时，U减小，则0诚9Ek,C项正确，D项错误。后分之二时间内的加速度大小a:一智小，A项错误，C项正确：由公式C4π欢可7.C【解析】微粒以一定的初速度垂直射人偏转电场后做类抛运动，则在水方向上知当被测物体带动电介质板向右移动时，两极板间电介质减少，e减小，则电容C减小，有L=t,在竖直方向上有y=2at2,加速由公式C-号可知，电荷量Q不变时，U增度a=qULe从不同时刻射人电场的粒子的速度一时间a,联立解得y=2mdw一F,要图像如图所示，根据题意和图像分析可知，·62·23XKA(新)·物理一A版一XC