湖北省天门市2024年高三五月适应性考试答案(物理)

2024-05-24 14:16:29 6℃

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(1分)M--此过程，滑板位移为-之（十）1一32m<一L=1.8m(1分)2.1)8002分)17.0或17（1分)（2)1（2分)（3)+r（2分)+22分2浙换位移为么-号（十）1一是m领。》曲图甲可如避标的最小分度为02且醉标第。个小格号主尺对齐、则普标卡尺的该数Aka8 mm滑块相对滑板向左的位移为△x=1一x'1=是mA,两者相对静止做加速度大小为。=g=3m/:的匀减速直线运动分地时原国人广气是时的定有一麦干直至停止，由公式寸一d=2ax(1分)可得，两者的位移为一盖一影m1分)物·}一号(R十)，可知，上子的图像为直线，则以子为做箱：则有十=1.875m>s一L=1.8m,滑块会碰到玩具小熊，故此次挑战不成功.(1分)物理一)自份分所：结合L青图晚可得琴-，士新得ER。p心径”根据牛顿第三定律钢绳对女演员的作用力等于女演员对钢绳的作用力，A错误；钢绳的张力的合力等于女演员的重力大,夹角越小钢绳所受的张力越小，B错误；女演员处于衡状态，钢绳对女演员的作用女演员的重力，C正确：及名)光路图及相关量如图所示，光束在AB边上折射。由折射定体得温。”1分女演员始终处于衡状态，女演员双手握钢绳越紧时，绳子夹角不变，钢绳对女演员的张力不变，D错由几何关系可知=60.1分)成小增大。一定量的理想气休内能只由温度决定，温度不变，内能不变，外果对气体做的功等子体批出的热，放2,D挤气球的过程，气球的体积减小，因此外界对气球做功，AB错误；该过程温度不变，根据气态方程可知：由几何关系和反射定律得P==乙B1分)联立以上各式，代人=60得n=3（1分)错误，D正确.3.B当飞船轨道商度逐渐降低时，根据F一，可知A诚小，万有引力将增大，A错误，根据》=m心R+》(2)由n=号1分》得√欣，h减小，角莲度增大，B正确：根据部=0，得a一R%·一A,向心加速度不是变为原GMGMm解得==3X10m/s=3×10ms2分)GM3由儿何关系可知，光在棱镜中的路程为1一否m十号m一5语m1分)来的4倍，C错误，根据%=”产，得-√，A减小，线速度增大，D错误554.C由图可知，交流电的周期为Q.02s,则转速为n=子=50r/s,A错误：电压表测量的是有效值，故示数不为零，B错误：故光在棱镜中传播的时间为=03X108.3X10-;(2分)温度升高，热敏电阻阻值减小，故副线圈回路中消耗的功率P-增大，根据P-U可知I增大，电流表的示数变大，C正解：少物块抛过程有x三m11分)色功染功功的流方写提度不真，所会对功，A民，小在下撞后物块的动量大小块=M】(1分)1分)5.联立解得=2.5kg:m过程中，组成的系统只是水方方向不受力，所以水方月于恒，动量并不守恒，B错误小球与槽组成的系(②)由题意可知，“小球在最高点时绳子的拉力大小F2m8统水方向动量守恒，球与槽的质量相等，小球沿槽下滑，球与槽分离时，小球与槽的速度大小相等，方向相反，小球被反在最高点，绳子的拉力与小球的重力提供向心力，由牛顿第二定律得弹后球与槽的速度相等，所以小球不能滑到槽上，不能达到高度h处，因此都做匀速直线运动，C正确，D错误F十mg=m(2分)6.D飞镖飞出后在水方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动。开始时飞镖落于心下方，说明在飞镖水方向从碰撞后到小球到达最高点过程小球的机械能守恒，由机械能守恒定律得飞行L时，下落高度较大，而水方向L=w,竖直方向方'=号g,联立可得人一号g三，可以减小L或增大w来被小2m4#=2m2n+2mgL(2分）人，也可以通当提高人距地面的高，放AB不符合题意，D行合愿意：子抛运动规律和物体的质量无关，故C不符合物块与小球碰撞过程系统动量守恒，设碰擅前瞬间，物块的速度为山，以向右为正方向，由动量守恒定律得由电场线可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，A正确：粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在A点的动能小于它在B点的动能，粒子在A点的电势能大于它在B点的电势能，故B物块从护运动到写水球碰前限间过程，对物块，由动能定理得八9=f2分错误，C错误；沿电场线方向电势逐渐降低A点的电势高于B点的电势，故D错误.-Mg西=号Md-Md(2分)AC设A距离地面的高度为A,动摩擦因数为2，斜面AB的倾角为8，对全过程运用动能定理有A代人数据解得，物块在P处的速度大小vp=8m/s(1分)mgh一mgc0s一mg=0,整理得mghmg(s1cos0+s2）=0,而1cos0+52等于OP的长15.解：(1)粒子先在电场中做类抛运动，度，即h一：OP=O,与斜面的倾角无关，故小铁块一定能够到达P点，与铁块的质量无关.故ACOx=t①(1分)正确，BD错误.ACD假设两列波传播速度为，则2vX0.2s=xB,解得v=0.2m/s,由图甲乙可知两列波的周期均为1s,所以两列波的d=2ar②(1分)波长为1=vT=0.2m,两列波在A、B外侧均相距△x=0.8m=4以，两列波的起振方向相反，所以直线上A,B外侧均为振gE=ma③(1分)动减弱点.故AD正确；加强点满足距A、B的距离差为半波长的奇数倍，有距A点的距离为0.05m,0.15m,0.25m,0.35m,0.45m,0.55m,0.65m,0.75m,共8个点为振动加强点.故B错误；两列波传至C点所需要的时间为联立解得x=2d(1分)t一02。-2s,又因为C点与A,B两点的距离差相等，为振动减弱点，所以1一4s内直线上C点通过的路程为零，故C进人磁场速度v=√6+话=2w(1分)0.4m速度与x轴夹角m0=供=5，故0=601分)正确.AD在0~1s内，原磁场磁感应强度垂直纸面向里，且线性减小，线框产生的感应电流为顺时针方向，即为负方向；同理粒子刚好不打到挡板上，轨迹与板相切：设粒子在磁场中运动半径为R,有9B=m景1分)可得，在1~2s时间内，线框上的感应电流为顺时针方向，即为负方向；在2~3s时间内，线框上的感应电流为逆时针方向，即为正方向：在3~4s内，线框产生的感应电流为逆时针方向，则A正确，B错误；由以上分析得，在1~2s时间内，由几何关系号R=d(1分)导线框ad边电流方向为由d向a,空间所加磁场的磁感应强度B为垂直纸面向外，且线性增大，根据左手定则得，导线框ad边受安培力向右，且线性增大，即安培力为负方向，线性增大，C错误，D正确。得B=得1分)1)钩码重力1分)(2)2La2分)（③》是2分）是28L2分)放要使粒子不打到挡板上，B>股1分)解析：(1)本实验采用了控制变量的方法，为了研究小车加速度与质量的关系，操作中应保持合力不变，即保持钩码重力不变；(②粒子再次回到x轴上，沿x轴前进的距离△x=2x一3R=-5R1分(②小车运动到B时的速度为v一忌，根据运动学公式t-0=2aL,得a一2LAp调节磁场，使0

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